Sistema de Resortes y Masa Mate III
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FACULTAD DE INGENIERIA ARQUITECTURA Y URBANISMO
ESCUELA PROFESIONAL DE INGENIERIA CIVIL
Trabajo:
sistema de resorte y masa
Profesor:
edinson idrogo burga
ALUMNOS:
Chávez burgos Yoner
Flores Vallejos William Norbi
tesen guerra JUAN ALEXIS
Slather calderón bravo
.
matematica III SISTEMA DE RESORTES Y AMORTIGUAMINETO
INDICE
SISTEMAS DE RESORTES Y MASAS................................................................................................2
MOVIMIENTO LIBRE NO AMORTIGUADO.....................................................................................2
MOVIMIENTO AMORTIGUADO LIBRE...........................................................................................7
MOVIMIENTO FORZADO CON AMORTIGUAMIENTO..................................................................12
UNIVERSIDAD SEÑOR DE SIPAN Página 1
matematica III SISTEMA DE RESORTES Y AMORTIGUAMINETO
INTRODUCCIÓN
Las ecuaciones diferenciales se usan para obtener resultados aproximados en
distintos campos, uno de ellos es la Ingeniería Civil y la Física (que están
ligadas estrechamente).
En el presente trabajo presentamos un sistema masa – resorte, cuya masa
estará conformada por una viga unida a dos resortes, en cuyo centro le
aplicaremos una masa para que esta viga se deflexione, y el resorte adopte
una postura de fuerza de restitución.
Generalmente, este tipo de sistemas se dan en los sistemas antisísmicos
(amortiguadores y aisladores de energía), por lo que son muy usados en la
construcción de edificios.
OBJETIVOS
Determinar experimentalmente el coeficiente de restitución del resorte
Obtener la ecuación del movimiento del resorte
Obtener la ecuación de la curva elástica y su máxima deflexión vertical
(flecha)
Relacionar el curso de Ecuaciones Diferenciales con la vida real.
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matematica III SISTEMA DE RESORTES Y AMORTIGUAMINETO
SISTEMAS DE RESORTES Y MASAS
Sistema masa resorte en esta sección consideramos diversos sistemas lineales
dinámicos en los cuales cada modelo matemático es una ecuación diferencial
lineal de segundo orden con coeficientes constantes junto con condiciones
iniciales especificadas en el tiempo to.
MOVIMIENTO LIBRE NO AMORTIGUADO Ley de Hooke Supongamos que, como en la figura una masa m1 está unida a
un resorte flexible colgado de un soporte rígido. Cuando se reemplaza m1 con
una masa distinta m2, el estiramiento, elongación o alargamiento del resorte
cambiará.
Según la ley de Hooke, el resorte mismo ejerce una fuerza de restitución, F,
opuesta a la dirección del alargamiento y proporcional a la cantidad de
alargamiento s. En concreto, F = Ks, donde k es una constante de
proporcionalidad llamada constante del resorte. Aunque las masas con distintos
pesos estiran un resorte en cantidades distintas, este está caracterizado
esencialmente por su número k; por ejemplo, si una masa que pesa 10 libras
estira i pie un resorte, entonces 10 = k(i) implica que k = 20 lb/ft. Entonces,
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necesariamente, una masa cuyo peso sea de 8 libras estirará el resorte f de
pie.
Segunda ley de Newton
Después de unir una masa M a un resorte, ésta lo estira una longitud s y llega a
una posición de equilibrio, en la que su peso, W, está equilibrado por la fuerza
de restauración AZS. Recuérdese que el peso se define por W = mg, donde la
masa se expresa en slugs, kilogramos o gramos y g = 32 ft/s2, 9.8 m/s2 o 980
cm/s2, respectivamente. Como se aprecia en la figura 5.2 (b), la condición de
equilibrio es mg = ks o mg - ks = 0. Si la masa se desplaza una distancia x
respecto de su posición de equilibrio, la fuerza de restitución del resorte es k(x
+ s). Suponiendo que no hay fuerzas de retardo que actúen sobre el sistema y
que la masa se mueve libre de otras fuerzas externas (movimiento libre),
entonces podemos igualar la segunda ley de Newton con la fuerza neta, o
resultante, de la fuerza de restitución y el peso:
El signo negativo de la ecuación (1) indica que la fuerza de restitución del
resorte actúa en la dirección opuesta del movimiento. Además, podemos
adoptar la conversión que los desplazamientos medidos debajo de la posición
de equilibrio son positivos.
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PROBLEMA Nº1: Resuelva e interprete el Problema de valor inicial.
d2 xdt2
+16x=0 , x(0)=10, x ' (0 )=0
SOLUCIÓN
El problema equivale a tirar hacia abajo una masa unida a un resorte 10 unidades de longitud respecto de la posición de equilibrio, sujetarla hasta que t = 0 y soltarla desde el reposo en ese instante. Al aplicar las condiciones iniciales a la solución.
ANALIZANDO EL PROBLEMA
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x (t )=c1 cos (4 t )+c2 sen(4 t)
x (0 )=10
10=c1∗1+c2∗0
luego decimosque
10=c1
Por lo tanto la ecuación que de esta forma
x(t) = 10 cos 4t + c1 sen 4t
Derivando obtenemos la velocidad
x '(t) = -40 sen4t + 4c1 cos 4t……..(1)
Reemplazando x ' (0 )=0en1
x '(t) = -40 sen4t + 4c1 cos 4t
c1=0
Entonces la ecuación del movimiento será
x(t) = 10 cos 4t.
Entonces afirmamos que la solución indica que el sistema permanece en movimiento y la masa va y viene 10 unidades a cada lado de la posición de equilibrio x = 0. Como se ve en la imagen, el periodo de oscilación es 2π/4 = π /2.
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PROBLEMA Nº2:
Una masa que pesa 2 Ib. hace que un resorte se estire 6 in. Cuando t = 0, la
masa se suelta desde un punto a 8 in abajo de la posición de equilibrio con una
velocidad inicial, hacia arriba, de 43
ft/s. Deduzca la ecuación del movimiento
libre.
SOLUCIÓN
Como empleamos el sistema técnico de unidades inglesas, las medidas
expresadas en pulgadas se deben pasar a pies: 6 in = 12
ft; 8 in = 23
ft. Además,
debemos convertir las unidades de peso, que están en libras, en unidades de
masa. Partimos de m = W/g y, en este caso, m = 232
; = 116
slug. También,
según la ley de Hooke, 2 = k( 12 )implican que la constante del resorte es k = 4
lb/ft; por lo tanto, la ecuación (1) se transforma en.
El desplazamiento y la velocidad iniciales son x(O) = 23
, x’(O) = - 43
, donde
el signo negativo en la última condición es consecuencia de que la masa recibe
una velocidad inicial en dirección negativa o hacia arriba.
Entonces, w2 = 64, o sea, w = 8, de modo que la solución general de la
ecuación diferencial es.
X(t) = C1 cos 8t + c2 sen 8t.
Al aplicarlas condiciones iniciales a X(t) y x’(t) se obtienen C1 = 23
y c2 = - 16
.
Así, la ecuación del movimiento es.
X(t) = 23
cos 8t - 16
sen 8t.
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MOVIMIENTO AMORTIGUADO LIBRE
El concepto de movimiento armónico es un tanto irreal, dado que el movimiento descrito anteriormente asume que no hay fuerzas de retardo que actúen sobre la masa puesta en movimiento. A menos que la masa está suspendida en un vacío perfecto, habrá al menos una fuerza resistente debida al medio circundante. La masa podría estar suspendida en un medio viscoso o estar conectada a un dispositivo amortiguador de aceleración.
Constante de Amortiguamiento β es proporcional a la velocidad instantánea dx/dt.
Una masa de 8 Ib de peso estira 2 ft un resorte. Si una fuerza de
amortiguamiento numéricamente igual a 2 veces la velocidad instantánea actúa
sobre el contrapeso, deduzca la ecuación del movimiento si la masa se suelta
de la posición de equilibrio con una velocidad hacia arriba de 3 ft/s.
De acuerdo con la ley de Hooke, 8 = k(2) da k = 4 lb/ft. Entonces W = mg da
m= 832
=14
slug. Entonces la ecuación diferencial del movimiento es
La ecuación auxiliar de (17) es m2 + 8m + 16 = (m + 4)2 = 0, de forma que m1 =
m2 = -4 . Luego el sistema es críticamente amortiguado y
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Al aplicar las condiciones iniciales x(O) = 0 y x’(O) = -3 vemos, a su vez, que c1
= 0 y c2 = -3. Así, la ecuación del movimiento es
Para graficar x(t) procedemos igual que en el ejemplo 4. De x’(t) = -3e -4t ( 1 - 4t)
tenemos que x’(t) = 0 cuando t = 14
. El desplazamiento extremo
correspondiente es x(14
) = -3(14
) e-1 = -0.276 ft. En la figura vemos que
podemos interpretar este valor como el punto en que el contrapeso alcanza una
altura máxima de 0.276 ft sobre su posición de equilibrio
PROBLEMA Nº4:
Un objeto que pesa 16 Ib se une a un resorte de 5 ft de longitud. En la posición
de equilibrio, el resorte mide 8.2 ft. Si el peso se eleva y se suelta del reposo en
un punto a 2 ft arriba de la posición de equilibrio, determine los
desplazamientos, x(t). Considere que el medio que rodea al sistema ofrece una
resistencia al movimiento numéricamente igual a la velocidad instantánea.
SOLUCIÓN
El alargamiento del resorte, después de unir el peso, es 8.2 - 5 = 3.2 ft, de
modo que, según la ley de Hooke, 16 = k(3.2), o sea k = 5 lb/ft. Además, m =
1632
=12
slug y la ecuación diferencial es
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Las raíces de m2 + 2m + 10 = 0 son m1 = -1 + 3i y m2 = -1 -3i, lo cual implica
que el sistema es subamortiguado y que
Por último, las condiciones iniciales x(O) = -2 y x’(O) = 0 determinan las
constantes C1 = -2 y C2 = - 23
así que la ecuación de movimiento es
Forma alternativa de x(t) De manera idéntica al procedimiento que
empleamos en la página 200, podemos escribir cualquier solución
En la forma alternativa
En donde A = √C₂²+C₁² y el ángulo de fase Ø queda determinado por las
ecuaciones
En ocasiones, el coeficiente Ae− λt se denomina amplitud amortiguada de las
vibraciones. Dado que la ecuación (23) no es una función periódica, el número
2π/ √ω2−λ ² se llama cuasiperiodo y √ω2−λλ ²/ 2π es la cuasifrecuencia. El
cuasiperiodo es el intervalo de tiempo entre dos máximos sucesivos de x(t). El
lector debe comprobar que en la ecuación de movimiento del ejemplo 6, A = 2
√ 103 y ϕ = 4.391. En consecuencia, una forma equivalente de (22) es.
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PROBLEMA Nº5: Una masa que pesa 8 libras alarga 2 pies un resorte.
Suponiendo que una fuerza amortiguada que es igual a dos veces la velocidad
instantánea actúa sobre el sistema, determine la ecuación de movimiento si la
masa inicial se libera desde la posición de equilibrio con una velocidad
ascendente de 3 pies/seg.
SOLUCIÓN
De la ley de Hooke se ve que 8=k (2 ) da k=4 lb/ pie y que W=mg da
m= 832
=14slug . La ecuación diferencial de movimiento es entonces
1d2 x4 d t 2
=−4 x−2 dxdt
od2 xd t 2
+8 dxdt
+16 x=0 (1)
La ecuación auxiliar para (1) es: m2+8m+16=(m+4 )2=0, así que m1+m2=−4.
Por tanto el sistema está críticamente amortiguado y
( x ) t=C1 e−4 t+C2te
−4 t
Aplicando las condiciones iniciales x (0 )=0 y x ' (0)=−3, se encuentra, a su vez,
que C1=0 y C2=−3. Por tanto la ecuación de movimiento es
x (t )=−3t e−4 t
De x ' (t )=−3e−4 t (1−4 t ) vemos que x ' (t )=0 cuando t=14
. El desplazamiento
correspondiente es x ( 14 )=−3 ( 14 )e−1=−0.276 pies . Como se muestra en la figura
este valor se interpreta para indicar que la masa alcanza una altura máxima de
0.276 pies arriba de la posición de equilibrio.
Sistema críticamente amortiguado
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PROBLEMA Nº6:
Se comprueba fácilmente que la solución del problema de valor inicial
es
SOLUCIÓN
El problema se puede interpretar como representando el movimiento
sobreamortiguado de una masa unida a un resorte. La masa se libera una
posición 1 unidad abajo de la posición de equilibrio con una velocidad
descendente abajo 1 pies /s .
Para graficar x (t) , se calcula el valor de t donde la función tiene un extremo;
esto es, el valor del tiempo para el que la primera derivada (velocidad) es cero.
Al derivar la ecuación (16) se obtiene x ’ ( t )=−53e−t±8
3e−4 t
Así que
x ’ ( t )=0
Implica que: e3 t=83, o t=
13ln83
❑
=0.157
Se tiene de la primera derivada, así como de la intuición física
x (0.157)=1.069 ft es, en realidad, un máximo. En otras palabras, la masa llega
a un desplazamiento extremo de 1.069 ft abajo de la posición de equilibrio.
También debemos comprobar si la gráfica cruza al ejet ; esto es, si la masa
pasa por la posición de equilibrio. Esto no puede suceder en este caso, porque
la ecuación x (t)=0 , o e3 t=25,tiene la solución t=
13ln25=−0.305 que es
físicamente irrelevante.
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En la figura mostramos la gráfica de x (t) y algunos de sus valores.
Sistema sobre-amortiguado
MOVIMIENTO FORZADO CON AMORTIGUAMIENTO
Ahora se debe suponer que se toma en consideración una fuerza externa f (t)
que actúa sobre una masa vibratoria en un resorte. Por ejemplo f (t) podría
representar una fuerza conducida que ocasiona movimiento oscilatorio vertical
del soporte del resorte. La inclusión de f (t) en la formulación de la segunda ley
de Newton da la ecuación diferencial del movimiento forzado.
Esta ecuación modela el movimiento forzado Amortiguado, esta es una
combinación de la ecuación del movimiento armónico simple y las diferentes
variables que lo hacen forzado y amortiguado
Esta es una ecuación diferencial de segundo grado no homogénea.
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Una ecuación normalizada para aplicar el problema. Lo único que se hizo es
dividir a la original por m.
PROBLEMA Nº7:
(Sin Amortiguación) Este problema se le llama de Amplitud
Modulada (A.M.).
Donde F0 = constante, x(0) = 0 y x′(0) = 0.
SOLUCIÓN: La ecuación característica:
m2 + ω 2 = 0 ⇒ m = ±ωi
Por lo tanto la solución homogénea y particular es:
Xh(t) = C1 cosωt + C2 senωt
x p=1
D2+w2F0 cos γt=F0
1−γ 2+w2
cos γt=F0
w2−γ 2cos γt
Solución general.
x (t )=C1 coswt+C2 sinwt+F0
w2−γ 2cosγt
Si seguimos con la ecuación inicial
x(0) = 0, x′ (0) = 0
Entonces
C1=−F0w2−γ2
;C2=0
Luego
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x (t )=F0
w2−γ 2(−coswt+cosγt ) ¿
2F0w2−γ 2
sin(w−γ2 ) t sin(w+γ
2 ) tEl periodo de sin( w−γ
2 ) se calcula así.
(w−γ2 )T1=2π→T 1=
4 πw−γ
El periodo se sin( w+γ2 ) se calcula así
(w+γ2 )T 2=2 π→T 2=
4 πw−γ⇒ T1 > T2
PROBLEMA Nº8: Resuelva el problema con valor inicial
d2 xd t 2
+w2 x=F0 senγt x (0 )=0 x ' (0 )=0
Donde F0 es una constante y γ ≠ω
SOLUCIÓN
La función complementaria es xc (t )=C1cosωt+C2 senωt. Para obtener una
solución particular se supone x p (t )=A cosγt+B (ω2−γ 2). Por tanto,
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x p (t )=F0
ω2−γ 2senγt
Aplicando las condiciones iniciales a la solución general:
x (t )=C1 cosωt+C2 senωt+F0
ω2−γ2senγt
Se obtiene: C1=0 y C2=−γ F0/ω (ω2−γ2 ). Por tanto, la solución es
x (t )=F0
ω (ω2−γ2 )(−γsenωt+ωsenγt ) γ ≠ω
PROBLEMA Nº9:
Cuando una masa de 2 kilogramos se adjunta a un resorte cuya constante es
32N / m, que se detiene en la posición de equilibrio. A partir de t = 0, una fuerza
igual a f (t)=68e−2 t cos (4 t) se aplica al sistema. Encuentra la ecuación de
movimiento en ausencia de amortiguamiento
SOLUCIÓN
Tenemos: m = 2 kg
K = 32 N/m
β=0
Y f (t )=68 e−2 t cos 4 t
Ahora, la ecuación diferencial de la fuerza de movimiento es
m∂ ² x∂ t ²
=−kx−β ∂ x∂ t
+ f (t)
Obtenemos
2∂² x∂ t ²
=−32 x+68e−2t cos4 t o
∂ ² x∂ t ²
+16 x=34 e−2 t cos 4 t …………. (*)
Y las condiciones iniciales son x(0) = 0 , x’(0) = 0
A partir de la ecuación (*) tenemos:
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m2+16=0↔m=±4 i
Por lo tanto, la función complementaria es
Xc=C₁cos 4 t+C₂ sen 4 t
Ahora, vamos
Xf=e−2t ¿
Entonces
X ´ f=e−2 t ¿
X ´ ' f=e−2 t ¿)
Ahora, sustituimos estos valores en la ecuación original, obtenemos
e−2 t ¿) = 34 e−2 t cos 4 t
e−2 t ¿] = 34 e−2 t cos 4 t
Igualando los coeficientes, tenemos:
4 A−16 β=34
16 A+4 β=0
La solución de estas dos ecuaciones, obtenemos A=12y B=−2
Entonces Xf=e−2t (12cos 4 t−2 sen 4 t)
Así x (t )=Xc+Xf
x (t )=C ₁cos 4 t+C₂ sen 4 t−e−2 t( 12cos4 t−2 sen4 t)
x ' (t )=−4C₁ sen 4 t+4C₂cos 4 t−2e−2 t( 12cos 4 t−2 sen 4 t)+e−2 t(−2 sen4 t−8 sen 4 t)
Ahora, el ajuste x(0) = 0 da 0=C₁+12↔C ₁=−1
2
Y, el ajuste x’(0) = 0 da 0=4C ₂−1−8↔C₂= 94
Asi, x (t )=−12cos 4 t+ 9
4sen 4 t+e−2 t( 1
2cos 4 t−2 sen 4 t)
Es la solución requerida de movimiento
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